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题目
CF2033G
分析
一道很显然是树形dp的题，但非常恶心QwQ。
先不管复杂度，找找递推关系，一种很直接的想法如下（我觉得是错误的）：
d p [ i ] [ k ] = m a x ( d p [ f a i ] [ k − 1 ] , d p [ s o n i , j [ k ] + 1 ) dp[i][k] = max(dp[fa_{i}][k-1], dp[son_{i,j}[k]+1) dp[i][k]=max(dp[fai][k−1],dp[soni,j[k]+1)
其中 d p [ i ] [ k ] dp[i][k] dp[i][k]表示从 i i i开始，能量为 k k k的最远距离
f a i fa_{i} fai表示 i i i的根节点， s o n i , j son_{i,j} soni,j表示 i i i的第 j j j个子节点
这样的问题是会计入这样的路线，实际距离为2，算成了4：
所以，我们得把向上和向下两种情况分开记录：
d p 1 [ i ] dp1[i] dp1[i]表示向下最远距离，由于向下不消耗能量，所以可以少一维
d p 2 [ i ] [ i d ] dp2[i][id] dp2[i][id]表示 i i i节点如果删掉第 i d id id条边后向下最远距离，注意空间限制， d p 2 dp2 dp2得用 v e c t o r vector vector存储， i d id id得另外先预处理好（链式前向星可能会好一点）
i d [ i ] id[i] id[i]表示边 ( i , f a i ) (i, fa_{i}) (i,fai)在 f a i fa_{i} fai的 v e c t o r vector vector中的下标
h [ i ] h[i] h[i]表示节点 i i i的深度，根节点深度为 1 1 1
于是，得到答案的式子为：
A N S ( i , k ) = m a x ( d p 1 [ i ] , d p 2 [ j ] [ i d f r o m i ] + h [ i ] − h [ j ] ) ANS(i, k) = max(dp1[i], dp2[j][id \ from \ \ i] + h[i] - h[j]) ANS(i,k)=max(dp1[i],dp2[j][id from i]+h[i]−h[j])
后面的部分看起来很复杂，实际上直接用 S T ST ST表维护即可
代码
#include<bits/stdc++.h>
#define N 200005
#define inf 1000000000
using namespace std;
int t, n, q, fa[N][21], h[N], dp1[N], st[N][21];
int id[N]; // 记录每个根边的id
vector<int> G[N], dp2[N]; // 去掉边i后向下最远
void cl() {for(int j=0;(1<<j) <= n;j++) {for(int i=1;i<=n;i++) {st[i][j] = -inf;}}for(int i=1;i<=n;i++) {id[i] = 0;dp1[i] = 0;}for(int i=1;i<=n;i++) {vector<int>().swap(G[i]);vector<int>().swap(dp2[i]);}
}
void init(int x, int pre) {for(int j=1;(1<<j) <= h[x];j++) fa[x][j] = fa[fa[x][j-1]][j-1];for(int i=0;i<G[x].size();i++) {int y = G[x][i];if(y == pre) continue;id[y] = i;h[y] = h[x] + 1;fa[y][0] = x;init(y, x);}
}
void dfs(int x, int pre) {dp1[x] = 0; // dp1是最大，se是第二大int se = -inf; for(int i=0;i<G[x].size();i++) {int y = G[x][i];if(y == pre) continue;dfs(y, x);if(dp1[y] + 1 >= dp1[x]) {se = dp1[x];dp1[x] = dp1[y] + 1;} else if(dp1[y] + 1 > se) {se = dp1[y] + 1;}}for(int i=0;i<G[x].size();i++) {int y = G[x][i];if(y == pre) {dp2[x].push_back(-inf);continue;}if(dp1[x] == dp1[y] + 1) dp2[x].push_back(se);else dp2[x].push_back(dp1[x]);}
}
void show() {cout<<"showing"<<endl;cout<<"id: "; for(int i=1;i<=n;i++) cout<<id[i]<<' '; cout<<endl;cout<<"h: "; for(int i=1;i<=n;i++) cout<<h[i]<<' '; cout<<endl;cout<<"dp1: ";for(int i=1;i<=n;i++) cout<<dp1[i]<<' ';cout<<endl;for(int i=1;i<=n;i++) {for(int j=0;j<G[i].size();j++) {if(G[i][j] == fa[i][0]) continue;printf("root %d, erase %d, dp2: %d\n", i, G[i][j], dp2[i][j]);}}for(int j=0;(1<<j) <= n; j++) {for(int i=1;i<=n;i++) {if((1<<j) <= h[i]) printf("st[%d][%d]: %d \n" ,i, j, st[i][j]);}}cout<<endl;
}
int main() {cin>>t;while(t--) {cin>>n;cl();for(int i=1;i<=n-1;i++) {int u, v; scanf("%d %d", &u, &v);G[u].push_back(v);G[v].push_back(u);} h[1] = 1; id[1] = -1;init(1, 0);dfs(1, 0);for(int i=2;i<=n;i++) st[i][0] = dp2[fa[i][0]][id[i]] - h[fa[i][0]]; for(int j=1;(1<<j) <= n;j++) {for(int i=1;i<=n;i++) {if((1<<j) <= h[i]) st[i][j] = max(st[i][j-1], st[fa[i][j-1]][j-1]);}}// show();cin>>q;while(q--) {int v, k; scanf("%d %d", &v, &k);k = min(k, h[v]-1);int ans = dp1[v];int step = log2(k), now = v;for(int step=0;(1<<step) <= k; step++) {if(!(k & (1<<step))) continue;ans = max(ans, st[now][step] + h[v]);now = fa[now][step];}printf("%d ", ans);}}
}