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1993. 树上的操作
题目描述：
实现代码与解析：
模拟 + dfs
原理思路：
1993. 树上的操作
题目描述：
给你一棵 n 个节点的树，编号从 0 到 n - 1 ，以父节点数组 parent 的形式给出，其中 parent[i] 是第 i 个节点的父节点。树的根节点为 0 号节点，所以 parent[0] = -1 ，因为它没有父节点。你想要设计一个数据结构实现树里面对节点的加锁，解锁和升级操作。
数据结构需要支持如下函数：
- Lock：指定用户给指定节点 上锁 ，上锁后其他用户将无法给同一节点上锁。只有当节点处于未上锁的状态下，才能进行上锁操作。
- Unlock：指定用户给指定节点 解锁 ，只有当指定节点当前正被指定用户锁住时，才能执行该解锁操作。
- Upgrade：指定用户给指定节点 上锁 ，并且将该节点的所有子孙节点 解锁 。只有如下 3 个条件 全部 满足时才能执行升级操作：
- 指定节点当前状态为未上锁。
- 指定节点至少有一个上锁状态的子孙节点（可以是 任意 用户上锁的）。
- 指定节点没有任何上锁的祖先节点。
请你实现 LockingTree 类：
LockingTree(int[] parent)用父节点数组初始化数据结构。lock(int num, int user)如果 id 为user的用户可以给节点num上锁，那么返回true，否则返回false。如果可以执行此操作，节点num会被 id 为user的用户 上锁 。unlock(int num, int user)如果 id 为user的用户可以给节点num解锁，那么返回true，否则返回false。如果可以执行此操作，节点num变为 未上锁 状态。upgrade(int num, int user)如果 id 为user的用户可以给节点num升级，那么返回true，否则返回false。如果可以执行此操作，节点num会被 升级 。
示例 1：
输入： ["LockingTree", "lock", "unlock", "unlock", "lock", "upgrade", "lock"] [[[-1, 0, 0, 1, 1, 2, 2]], [2, 2], [2, 3], [2, 2], [4, 5], [0, 1], [0, 1]] 输出： [null, true, false, true, true, true, false]解释： LockingTree lockingTree = new LockingTree([-1, 0, 0, 1, 1, 2, 2]); lockingTree.lock(2, 2); // 返回 true ，因为节点 2 未上锁。// 节点 2 被用户 2 上锁。 lockingTree.unlock(2, 3); // 返回 false ，因为用户 3 无法解锁被用户 2 上锁的节点。 lockingTree.unlock(2, 2); // 返回 true ，因为节点 2 之前被用户 2 上锁。// 节点 2 现在变为未上锁状态。 lockingTree.lock(4, 5); // 返回 true ，因为节点 4 未上锁。// 节点 4 被用户 5 上锁。 lockingTree.upgrade(0, 1); // 返回 true ，因为节点 0 未上锁且至少有一个被上锁的子孙节点（节点 4）。// 节点 0 被用户 1 上锁，节点 4 变为未上锁。 lockingTree.lock(0, 1); // 返回 false ，因为节点 0 已经被上锁了。
提示：
n == parent.length2 <= n <= 2000- 对于
i != 0，满足0 <= parent[i] <= n - 1 parent[0] == -10 <= num <= n - 11 <= user <= 104parent表示一棵合法的树。lock，unlock和upgrade的调用 总共 不超过2000次。
实现代码与解析：
模拟 + dfs
class LockingTree {
public:vector<int> h = vector<int>(2010, -1), e = vector<int>(2010, 0), ne = vector<int>(2010, 0);vector<int> parent; // 方便后面向上遍历int idx = 0; // 邻接表vector<int> flag = vector<int>(2010, 0); // 记录是否上锁void add(int a, int b){e[idx] = b; ne[idx] = h[a]; h[a] = idx++;}LockingTree(vector<int>& parent) {for (int i = 1; i < parent.size(); i++) {add(parent[i], i); // 连接}this->parent = parent;}bool lock(int num, int user) {if (flag[num]) return false; // 已经有人上锁，不能再上flag[num] = user;return true;}bool unlock(int num, int user) {if (flag[num] != user) return false; // 非你上，不能解flag[num] = 0;return true;}bool upgrade(int num, int user) {// 当前节点和其祖先不能有锁for (int i = num; ~i; i = parent[i]) {if (flag[i]) return false;}// 子孙必须有至少一个上锁if (!hasLockedDescendant(num)) return false;// 解锁所有子孙节点unlockDescendants(num);// 上锁当前节点flag[num] = user;return true;}bool hasLockedDescendant(int num) {for (int i = h[num]; i != -1; i = ne[i]) {int child = e[i];if (flag[child] || hasLockedDescendant(child)) {return true;}}return false;}void unlockDescendants(int num) {for (int i = h[num]; i != -1; i = ne[i]) {int child = e[i];if (flag[child]) {flag[child] = 0;}unlockDescendants(child);}}
};原理思路：
其实只有upgrade麻烦一点，先利用parent数组，判断一下自己和祖先是否未上锁，其次判断子孙节点是否至少有一个上锁，如果满足以上条件，将子孙解锁并给自己上锁。注意顺序，和解锁时机，以免印象后续操作。