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Problem - G - Codeforces
思路：想了挺长时间的，一直没想到一个简便的方法在瞎搞。我们发现对于某个点来说，其他的点如果能够跟他匹配，那么一定在这8个方向上，而同时这8个方向其实对应这4条直线，假设点为(x1,y1)，那么直线为x=x1,y=y1,y=x+y1-x1,y=-x+x1+y1，那么在求能够跟当前点匹配的点时，只需要看一下在这四条直线上的点的数量，假设为a,b,c,d，那么产生的贡献就是a-1+b-1+c-1+d-1，同时我们还需要考虑会不会重复，就是一个点会不会跟一个点匹配两次，因为保证了没有重复点，所以前两条直线是不会重复的，那么后两条直线也是不会重复的，只有当x1=0,y1=0时后两个直线重复，但是在算贡献是一定不会同时添加
// Problem: G. The Morning Star
// Contest: Codeforces - Codeforces Round 886 (Div. 4)
// URL: https://codeforces.com/contest/1850/problem/G
// Memory Limit: 256 MB
// Time Limit: 2000 ms#include<bits/stdc++.h>
#include<sstream>
#include<cassert>
#define fi first
#define se second
#define i128 __int128
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef double db;
typedef pair<int,int> PII;
const double eps=1e-7;
const int N=5e5+7 ,M=5e5+7, INF=0x3f3f3f3f,mod=1e9+7,mod1=998244353;
const long long int llINF=0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
inline ll read() {ll x=0,f=1;char c=getchar();while(c<'0'||c>'9') {if(c=='-') f=-1;c=getchar();}
while(c>='0'&&c<='9') {x=(ll)x*10+c-'0';c=getchar();} return x*f;}
inline void write(ll x) {if(x < 0) {putchar('-'); x = -x;}if(x >= 10) write(x / 10);putchar(x % 10 + '0');}
inline void write(ll x,char ch) {write(x);putchar(ch);}
void stin() {freopen("in_put.txt","r",stdin);freopen("my_out_put.txt","w",stdout);}
bool cmp0(int a,int b) {return a>b;}
template<typename T> T gcd(T a,T b) {return b==0?a:gcd(b,a%b);}
template<typename T> T lcm(T a,T b) {return a*b/gcd(a,b);}
void hack() {printf("\n----------------------------------\n");}int T,hackT;
int n,m,k;
PII w[N];void solve() {n=read();for(int i=1;i<=n;i++) w[i].fi=read(),w[i].se=read();ll res=0;map<int,int> a,b,c,d;for(int i=1;i<=n;i++) {a[w[i].fi]++;b[w[i].se]++;c[w[i].fi+w[i].se]++;d[w[i].se-w[i].fi]++;}for(int i=1;i<=n;i++) {a[w[i].fi]--;b[w[i].se]--;c[w[i].fi+w[i].se]--;d[w[i].se-w[i].fi]--;res+=a[w[i].fi]+b[w[i].se]+c[w[i].fi+w[i].se]+d[w[i].se-w[i].fi];}printf("%lld\n",res*2);
} int main() {// init();// stin();// ios::sync_with_stdio(false); scanf("%d",&T);// T=1; while(T--) hackT++,solve();return 0;
}